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,其中x=L(1分)得$$I=B^2L^2S4,$$$$Ft=B^2L^2Rvt=B^2L^2Rx,$$(1分)由电阻定律知,导线框的电阻$$R=4LS$$方向向上$$I’=B^2L^2S4,$$$$IR=B^2L^2S2$$同理可知导线框离开磁场过程中,安培力的冲量方向向上综上,整个过程中安培力的冲量△.(2分)

10.CD 钢索的拉力会对塔柱产生两个效果,一方面竖直向下拉塔柱,另一方面沿水平方向拉塔柱,A错误;桥面受到Te、c、T与重力的作用处于平衡状态,根据共点力平衡条件,重力经过Tc、T的交点A,所以桥面的重心在桥面与立柱的交点处,B错误;当桥面保持水平稳定时,T、T对塔柱的合力沿竖直方向,把Tc、T分别沿水平方向和竖直方向分解, 水平方向的分力等大反向, 则有Tes in a=Ts in C正确; 当桥面保持水平稳定时, Tes in a=Ts in , 则TT在竖直方向的分力之和等于析面的重力, 则有mgT csa+To s.解得m.cost Ts正确. BD爆炸刚结束时,设乙、丙的速率均为v,由矢量合成法则,乙、丙的合动量为mv,爆炸过程三物体组成的系统动量守恒且总动量为0.由 一m=0可得v=,则乙,丙的合动量为m=m,A错误;三个物体在落地的过程中机械能守恒, 由E m²=mgh可得三个物体到达地面时的动能均为E=m²+mgh, B正确; 在落地的过程中, 甲的运动时间大于乙的运动时间,甲的重力冲量大于乙的重力冲量,C错误;由能量守恒爆炸过程中释放的总能量为Ema²+号m²=2mr,D正确确. AD由几何关系,牵线与水平方向的夹角为53°-37°=16°,与竖直方向的夹角为90°-16°=74,A正确;把牵线的拉力分别沿着风筝平面和垂直风筝平面分解, 把重力分别沿着风筝平面和垂直风筝平面分解, 由力的平衡可得Tsn 37=msin 37, T cos 37+mg cos 37°=Fm, 综合解得T=mg、F=1.6mg, B.C错误; 把牵线的拉力分别沿重力的反方向和风力的反方向分解,根据三力平衡,沿风力的反方向的分力与风力等大反向为1.6mg,D正确. (1)6.26.0~6.5也给分)(1分)(2)大(1分)(3)(1分) (1分)2(2分) 解析:(1)刻度尺的读数d=6.2mm. (2)为了减小实验误差,P、M两点间的高度差要大些,这样小球通过光电门的时间短些,速度的测量误差小些 (3)小球到达M点的速度v=是;小球从P点到M点运动的时间为t,P、M两点的高度差为h,由自由落体运动的规律-gl=2gh,综合可得g- 2h

2.of

23.解:(1)法一:由a+b=4得a+b4ab当且仅当“即a=b=2时等号成立1+1的最小值为1法二:∵a>0,b>0,a+b=4a+b5考倒计时微博与新以即a=b=2时等号成又a+b=4,进而得≥1,故一+一的最小值为1当且仅当“a=b=2”时等号成立其它解法相应给分(2)法一:由2(a2+b2)≥(a+b)a+b+8分由(1)知进而得:(a+1+(6+1)1≥1(a+b+1+1)≥25当且仅当“a=b=2”时等号成立10分法二由2(+6)=(a+6)得:a2+62≥18a+-+4当且仅当“a=b=2”时等号域法三:由柯西小等式b

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