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2022-2023鲁教五四新版八年级下册数学期中复习试卷(含解析)试卷 答案(更新中)考卷答案

2022-2023学年鲁教五四新版八年级下册数学期中复习试卷
一.选择题(共12小题,满分60分,每小题5分)
1.下列各式是二次根式的是(  )
A. B. C. D.x
2.式子有意义的x的取值范围是(  )
A.x≥﹣1 B.x≥﹣1且x≠0 C.x>﹣1且x≠0 D.x≠0
3.下列二次根式中,最简二次根式是(  )
A.﹣ B. C. D.
4.下列运算正确的是(  )
A. B. C. D.
5.下列计算正确的是(  )
A.=2 B.﹣=1 C.2+=2 D.=
6.方程(a+3)x+ax+2=0为一元二次方程,字母a的取值为(  )
A.±3 B.3 C.﹣3 D.0
7.的倒数是(  )
A. B. +1 C.﹣1 D.
8.已知关于x的一元二次方程x2+x+m=0的一个根为x=1,则m的值为(  )
A.1 B.2 C.﹣2 D.﹣1
9.下列关于四边形的说法,正确的是(  )
A.四个角相等的四边形是菱形
B.对角线互相垂直的四边形是矩形
C.有两边相等的平行四边形是菱形
D.两条对角线相等的平行四边形是矩形
10.若菱形的两邻角之比为1:2,较短的对角线为6cm,则较长的对角线长为(  )
A. cm B. cm C.6cm D.2cm
11.在平面直角坐标系xOy中,如图,四边形ABCD是菱形,∠DAB=60°,点P是边CD的中点,如果菱形的周长为16,那么点P的坐标是(  )
A.(4,4) B.(2,2) C.(2,1) D.(,1)
12.如图,分别以Rt△ACB的直角边AC和斜边AB为边向外作正方形ACFG和正方形ABDE,连结CE、BG、GE.给出下列结论:①CE=BG;②EC⊥BG;③FG2+BF2=2BD2+BC2;④BC2+GE2=2AC2+2AB2.其中正确的是(  )
A.②③④ B.①②③ C.①②④ D.①②③④
二.填空题(共5小题,满分20分,每小题4分)
13.若分式有意义,则实数x的取值范围为    .
14.关于x的一元二次方程x2﹣x+a﹣2=0的一个根为1,则a的值为    .
15.已知关于x的方程(a+1)x2﹣2x+3=0有实数根,则整数a的最大值是    .
16.矩形ABCD中,AB=2BC,E为CD上一点,且AE=AB,则∠AEB=   度.
17.在矩形ABCD中,AB=1,BC=a,点E在边BC上,且BE=a,连接AE,将△ABE沿AE折叠,若点B的对应点B1落在矩形ABCD的边上,则a的值为    .
三.解答题(共7小题,满分70分)
18.(12分)已知a=,b=,求a2﹣3ab+b2﹣14的值.
19.(8分)计算
(1)+2﹣(﹣);
(2)×÷3﹣(+2)(2﹣).
20.(12分)解方程:
(1)x2﹣x﹣6=0;
(2)2×2﹣x﹣4=0;
(3)x2﹣4x﹣6=0.
21.(9分)已知关于x的一元二次方程x2﹣4mx+2m2=0.
(1)求证:不论m为何值,该方程总有两个实数根;
(2)若x=1是该方程的根,求代数式2(m﹣1)2+3的值.
22.(9分)如图,四边形ABCD和四边形DEFG都是正方形,点E,G分别在AD,CD上,连接AF,BF,CF
(1)求证:AF=CF;
(2)若∠BAF=35°,求∠BFC的度数.
23.(10分)如图,将矩形ABCD绕点C顺时针旋转,得到矩形FGCE,使得点E落在边AB上,AB的延长线交EG于H,连接DE,DH.
(1)求证:ED平分∠AEC;
(2)求证:EC与DH互相平分;
(3)设EC与DH相交于点O,AD=3,求点O到DC的距离.
24.(10分)将一块直角三角板的直角顶点和矩形ABCD(AB<BC)的对角线的交点O重合,如图(①→②→③),图中的M、N分别为直角三角形的直角边与矩形ABCD的边CD、BC的交点.
(1)图①(三角板一直角边与OD重合)中,连接DN,则BN与DN的数量关系是    ,进而得到BN,CD,CN的数量关系是    ;
(2)写出图③(三角板一边与OC重合)中,CN,BN,CD的数量关系是    ;
(3)试探究图②中BN、CN、CM、DM这四条线段之间的数量关系,写出你的结论,并说明理由.
参考答案与试题解析
一.选择题(共12小题,满分60分,每小题5分)
1.解:A、没有意义,不是二次根式,本选项不合题意;
B、是二次根式,本选项符合题意;
C、是三次根式,不是二次根式,本选项不合题意;
D、x是单项式,是整式,不是二次根式,本选项不合题意.
故选:B.
2.解:由题意得,x+1≥0且x≠0,
即x≥﹣1且x≠0,
故选:B.
3.解:A、﹣,是最简二次根式,符合题意;
B、==2,被开方数中含能开得尽方的因数,不是最简二次根式,不符合题意;
C、=,被开方数含分母,不是最简二次根式,不符合题意;
D、=|a|,被开方数中含能开得尽方的因式,不是最简二次根式,不符合题意;
故选:A.
4.解:A、与不是同类二次根式,不能合并计算,故此选项不符合题意;
B、2﹣5=﹣3,故此选项不符合题意;
C、,故此选项不符合题意;
D、,正确,故此选项符合题意;
故选:D.
5.解:A、,故此选项不符合题意;
B、与不是同类二次根式,不能合并计算,故此选项不符合题意;
C、2与不是同类二次根式,不能合并计算,故此选项不符合题意;
D、,正确,故此选项符合题意;
故选:D.
6.解:∵方程(a+3)x+ax+2=0为一元二次方程,
∴a2﹣7=2,且a+3≠0.
解得a=3.
故选:B.
7.解: +1的倒数是﹣1,
故选:C.
8.解:把x=1代入方程x2+x+m=0得1+1+m=0,解得m=﹣2.
故选:C.
9.解:A、四个角相等的四边形是矩形,说法错误,不符合题意;
B、对角线互相平分且相等的四边形是矩形,说法错误,不符合题意;
C、有两邻边相等的平行四边形是菱形,说法错误,不符合题意;
D、两条对角线相等的平行四边形是矩形,说法正确,符合题意;
故选:D.
10.解:∵∠ABC:∠BCD=1:2,
∴∠ABC=60°,∠BCD=120°,
∴△ABC为等边三角形,
∵AC=6cm,
∴AB=6cm,
∴OB=3cm,BD=6cm,
则较长的对角线长为6cm.
故选:B.
11.解:∵四边形ABCD是菱形,菱形的周长为16,
∴AD=AB=DC=BC=4,
∵∠DAB=60°,
∴△ADB是等边三角形,
∴DB=4,
∵点P是边CD的中点,D(0,2),C(2,0)
∴点P的坐标为(,1),
故选:D.
12.解:①∵四边形ABDE和四边形ACFG都是正方形,
∴AB=AE,AC=AG,∠BAE=∠CAG=90°,
∴∠CAE=∠GAB,
∴△ACE≌△AGB(SAS),
∴CE=BG,
故①正确;
②∵△ACE≌△AGB,
∴∠ACE=∠AGB,
∵∠AMG=∠CMN,
∴∠MAG=∠CNM=90°,
即AE⊥BG,
故②正确;
③连接BE,
∵四边形ABDE是正方形,
∴∠DBE=∠ABE=∠ABD=45°,∠D=90°,
∴BE=BD,
∴BE2=2BD2,
当∠ABC≠45°时,∠CBE≠90°,
此时BE2+BC2≠CE2,即2BD2+BC2≠CE2,
∵∠F=90°,
∴FG2+BF2=BG2,
∵CE=BG,
∴FG2+BF2与2BD2+BC2不一定相等,
故③错误;
④连接CG,
∵CE⊥BG,
∴BN2+CN2=BC2,EN2+NG2=GE2,
∴BC2+GE2=BN2+CN2+EN2+CN2,
∵BN2+EN2=BE2,CN2+GN2=CG2,
∴BC2+GE2=BE2+CG2,
∵四边形ABDE和四边形ACFG是正方形,
∴∠BAE=∠CAG=90°,AB=AE,AC=AG,
∴BE2=AB2+AE2=2AB2,CG2=AC2+AG2=2AC2,
∴BE2+CG2=2AB2+2AC2,
∴BC2+GE2=2AC2+2AB2,
故④正确;
故选:C.
二.填空题(共5小题,满分20分,每小题4分)
13.解:要使分式有意义,必须x+1≥0且x≠0,
解得:x≥﹣1且x≠0,
故答案为:x≥﹣1且x≠0.
14.解:把x=1代入一元二次方程x2﹣x+a﹣2=0得1﹣1+a﹣2=0,
所以a=2.
故答案为:2.
15.解:当a+1=0时,原方程为﹣2x+3=0,解得x=,
∴a=﹣1符合题意;
当a+1≠0时,Δ=(﹣2)2﹣4×(a+1)×3≥0,
解得:a≤﹣,
∴a≤﹣且a≠﹣1.
综上所述,a≤﹣.
又∵a为整数,
∴a的最大值为﹣1.
故答案为:﹣1.
16.解:如图,过点E作EF⊥AB于点F,则EF=BC,
∵AE=AB,AB=2BC,
∴AE=2EF,
∴∠BAE=30°,
又∵AE=AB,
∴∠ABE=∠AEB,
∴∠AEB=(180°﹣∠BAE)=×(180°﹣30°)=75°.
故答案为:75.
17.解:由折叠可知,AB=AB1,BE=B1E,
∵AB=1,BC=a,BE=a,
∴AB1=1,AD=a,B’E=a,CE=a,
当B1落在CD边上时,如图1,
在Rt△ADB1中,B1D2=AB12﹣AD2=1﹣a2,
∴B1D=,
在Rt△B1EC中,B1C2=B1E2﹣EC2=a2,
∴B1C=a,
∴+a=1,
∴a=;
当B1落在AD边上时,如图2,
此时BE=AB=1,
∴a=1,
∴a=;
综上所述:a的值为或,
故答案为或.
三.解答题(共7小题,满分70分)
18.解:∵a====5+2,b====5﹣2,
∴a+b=(5+2)+(5﹣2)=10,ab=(5+2)(5﹣2)=1,
∴a23ab+b2﹣14=(a+b)2﹣5ab﹣14=102﹣5×1﹣14=81.
19.解:(1)原式=2+4﹣(3﹣)
=2+4﹣3+
=3+;
(2)原式=6÷3﹣(4﹣6)
=2+2
=4.
20.解:(1)(x﹣3)(x+2)=0,
x﹣3=0或x+2=0,
所以x1=3,x2=﹣2;
(2)Δ=(﹣1)2﹣4×2×(﹣4)=33>0,
x=,
所以x1=,x2=;
(3)x2﹣4x=6,
x2﹣4x+4=10,
(x﹣2)2=10,
x﹣2=±,
所以x1=2+,x2=2﹣.
21.(1)证明:由题意得,Δ=(4m)2﹣4 2m2=8m2≥0,
所以不论m为何值,该方程总有两个实数根;
(2)解:把x=1代入方程得1﹣4m+2m2=0,
则2m2﹣4m=﹣1,
所以2(m﹣1)2﹣3=2m2﹣4m+2+3
=﹣1+2+3
=4.
22.(1)证明:∵四边形ABCD和四边形DEFG都是正方形,
∴AD=CD,ED=GD,FE=FG.
∴AD﹣ED=CD﹣GD.
∴AE=CG.
在△AFE和△CFG中

∴△AFE≌△CFG(SAS),
∴AF=CF;
(2)解:在△ABF和△CBF中

∴△ABF≌△CBF(SSS),
∴∠FBC=∠ABF=45°,
连接DF,
∵四边形DEFG是正方形,
∴∠DFG=45°,
∴∠DFG=∠FBC,
∴B,F,D三点共线,
由(1)得△AEF≌△CGF,
∴∠AFE=∠CFG.
又∵AB∥EF,∠BAF=35°,
∴∠AFE=∠CFG=∠BAF=35°.
∴∠BFC=180°﹣∠CFG﹣∠GFD=180°﹣35°﹣45°=100°.
即∠BFC=100°.
23.解:(1)∵四边形ABCD是矩形,
∴AB∥CD,
∴∠AED=∠EDC,
∵CE=CD,
∴∠CED=∠EDC,
∴∠AED=∠CED,
∴ED平分∠AEC;
(2)连接HC,
∵四边形EFGC为矩形,
∴FG∥EC,
∴∠FHE=∠BEC,
∵∠F=∠EBC=90°,EF=CB,
∴△EFH≌△CBE(AAS),
∴EH=EC,
∵EC=DC,
∴EH=DC,
∵EH∥DC,
∴四边形EHDC为平行四边形,
∴EC与DH互相平分;
(3)过点O作OM⊥DC于M,延长MO交AB于N,
∵∠BEC=∠DCE,EO=CO,∠EON=∠COM,
∴△EON≌△COM(ASA),
∴MO=NO,
∵∠A=90°,∠ADC=90°,∠DMN=90°,
∴四边形ADMN是矩形,
∴MN=AD=3,
∴,
∴点O到DC的距离为.
24.解:(1)连接DN,如图①所示:
∵四边形ABCD是矩形,
∴BO=DO,∠DCN=90°,
∵ON⊥BD,
∴BN=DN,
在Rt△DCN中,由勾股定理得:DN2=CD2+CN2,
∴BN2=CD2+CN2,
故答案为:BN=DN,BN2=CD2+CN2;
(2)连接AN,如图③所示:
∵四边形ABCD是矩形,
∴AO=CO,∠ABN=90°,AB=CD,
∵ON⊥AC,
∴AN=CN,
在Rt△ABN中,由勾股定理得:AN2=BN2+AB2,
∴CN2=BN2+CD2,
故答案为:CN2=BN2+CD2;
(3)BN、CN、CM、DM这四条线段之间的数量关系为:CN2+CM2=DM2+BN2,理由如下:
延长MO交AB于E,连接MN、EN,如图②所示:
∵四边形ABCD是矩形,
∴BO=DO,∠ABC=∠DCB=90°,AB∥CD,
∴∠EBO=∠MDO,
在△EBO和△MDO中,

∴△EBO≌△MDO(ASA),
∴OE=OM,BE=DM,
∵NO⊥EM,
∴NM=NE,
在Rt△MCN中,由勾股定理得:NM2=CN2+CM2,
在Rt△EBN中,由勾股定理得:NE2=BE2+BN2,
∴CN2+CM2=BE2+BN2,
∴CN2+CM2=DM2+BN2.

2022-2023鲁教五四新版八年级下册数学期中复习试卷(含解析)

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